江苏南京市第一中学(高中)高一物理上册第一学期11月月考考试题

江苏南京市第一中学(高中）高一物理上册第一学期11月月考考试题

一、选择题

1．从发现情况到采取相应行动经过的时间叫反应时间。两位同学合作，用刻度尺可测得人的反应时间。如图甲所示，A握住尺的上端，B在尺的下部做握尺的准备（但不与尺接触），当看到A放开手时，B立即握住尺。若B做握尺准备时，手指位置如图乙所示，而握住尺时的位置如图丙所示，由此测得B同学的反应时间约为

A．20s B．0.30s C．0.10s D．0.04s

2．如图是在购物商场里常见的电梯，左图为阶梯电梯，右图为斜面电梯，设两电梯中各站一个质量相同的乘客随电梯匀速上行，则两乘客受到电梯的

A．摩擦力的方向相同 C．支持力的方向相同

B．支持力的大小相同 D．作用力的大小与方向均相同

3．未来“胶囊高铁”有望成为一种新的交通工具．“胶囊高铁”利用磁悬浮技术将列车“漂浮”在真空管道中，由于没有摩擦，其运行速度最高可达到5000km/h．工程人员对“胶囊高铁”在A城到B城的一个直线路段进行了测试，行驶了121.7公里，用时6分13秒．则(

)

A．5000 km/h 是平均速度 B．6分13秒是时刻

C．“胶囊高铁”列车在真空管道中受重力作用

D．计算“胶囊高铁”列车从A城到B城的平均速度时，不能将它看成质点

4．“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示．实验中，为使小车运动时所受的拉力近似等于盘和重物的总重力，则盘和重物的总质量m与小车的质量M应满足的关系是（ ）

A．m远大于M

B．m远小于M

C．m略大于M

D．m略小于M

5．如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上．已知三棱柱与斜面间的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（ ）

A．C．

33mg mg和22B．D．13mg和mg 2213mg 和mg2211mg和mg 226．如图甲所示,小孩用80 N的水平力推木箱不动,木箱此时受到水平地面的摩擦力大小为F1;如图乙所示,小孩用100 N的水平力恰能推动木箱,此时木箱与水平地面间的摩擦力大小为F2;如图丙所示,小孩把木箱推动了,此时木箱与水平地面间摩擦力大小为F3,若木箱对水平地面的压力大小为200 N,木箱与水平地面间动摩擦因数为0.45,则F1、F2、F3的大小分别为( )

A．80 N、80 N、90 N C．80 N、100 N、90 N

A．观察飞机通过一个标志杆所需时间 C．调整飞机旋转机翼

B．80 N、80 N、45 N D．80 N、100 N、45 N B．调整飞机的飞行姿态 D．调整飞机与被摄物体的高度差

7．利用无人小飞机进行航拍，地面操控者进行以下操作时，能把无人机看成质点的是

8．近几年，在国家宏观政策调控下，我国房价上涨出现减缓趋势。若将房价的“上涨”类比成“加速”，将房价的“下跌”类比成“减速”，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势”可类比成（ ） A．速度增加，加速度减小 B．速度增加，加速度增大 C．速度减小，加速度增大

D．速度减小，加速度减小

9．如图所示，一个重200N的物体，在粗糙水平面上向右运动，物体和水平面间的动摩擦因数μ=0.1，同时物体还受到大小为10N、方向向左的水平力作用，则水平面对物体的摩擦力的大小和方向是

A．大小是10N，方向向左 B．大小是20N，方向向左 C．大小是20N，方向向右 D．大小是10N，方向向右

10．在水平面上有a、b两点，相距20 cm，一质点在一恒定的合外力作用下沿a向b做直线运动，经过0.2 s的时间先后通过a、b两点，则该质点通过a、b中点时的速度大小为( )

A．若力的方向由a向b，则大于1 m/s，若力的方向由b向a，则小于1 m/s B．若力的方向由a向b，则小于1 m/s；若力的方向由b向a，则大于1 m/s C．无论力的方向如何，均大于1 m/s D．无论力的方向如何，均小于1 m/s

11．一汽车在平直公路上做匀加速运动，在前2s内的平均速度为10m/s，在前6s内的平均速度为22m/s，则该汽车的加速度为( ) A．6m/s2

B．4m/s2

C．3m/s2

D．12m/s2

12．如图所示，将棱长分别为a、2a、3a的同一个长方体木块分别以不同的方式放置在桌面上，长方体木块的各个表面粗糙程度相同．若用弹簧测力计牵引木块做匀速直线运动，示数分别为F1、F2、F3，则F1、F2、F3之比为

A．1∶1∶1

B．2∶3∶6

C．6∶3∶2

D．以上都不对

13．大雪天车轮打滑，车辆难以前进，交警帮忙向前推车，如图所示，在推车的过程中，关于人和车之间的作用力，下列说法正确的一是（）

A．车对人有向后的力 B．车对人没有作用力 C．人对车的力大于车对人的力 D．人对车的力小于车对人的力

14．放在水平地面上的一石块重10N，使地面受到10N的压力，则（ ） A．该压力就是重力，施力者是地球 B．该压力就是重力，施力者是石块

C．该压力是弹力，是由于地面发生形变产生的 D．该压力是弹力，是由于石块发生形变产生的

15．如图所示，一个大人（甲）跟一个小孩（乙）站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了.对这个过程中作用于双方的力的关系，下列说法正确的是

A．大人拉小孩的力一定比小孩拉大人的力大

B．只有在大人把小孩拉动的过程中，大人的力才比小孩的力大，在可能出现的短暂相持过程中，两人的拉力一样大

C．大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大是一对平衡力 D．大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等

16．小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹．已知每层砖的平均厚度为6.0cm，照相机本次拍照曝光时间为1.5102s，由此估算出位置A距石子下落起始位置的距离为（ ）

A．1.6m 质点的是（ ）

B．2.5m C．3.2m D．4.5m

17．2016年第31届夏季奥运会在巴西的里约热内卢举行，下列比赛中可把研究对象看成A．研究苏炳添在百米跑比赛时的起跑技术 B．研究乒乓球男子单打冠军马龙的发球动作 C．研究女子3米板冠军施廷懋的跳水动作

D．研究女子50米步枪三姿比赛中杜丽射出的子弹轨迹

18．汽车以20 m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为4 m/s2，则自驾驶员急踩刹车开始，2 s与6 s时汽车的位移之比为( ) A．1∶3

B．2∶3

C．16∶25

D．4∶5

19．一个物体从某一高度做自由落体运动，已知它在第1s内的位移恰为它在最后1s内位移的三分之一，则高度为（10m/s2）（ ） A．15m

B．20m

C．11.25m

D．31.25m

20．拿一个长约1.5m的玻璃筒，一端封闭，另一端有开关，把金属片和小羽毛放到玻璃筒里．把玻璃筒倒立过来，观察它们下落的情况，然后把玻璃筒里的空气抽出，再把玻璃

筒倒立过来，再次观察它们下落的情况，下列说法正确的是

A．玻璃筒充满空气时，金属片和小羽毛下落一样快 B．玻璃筒充满空气时，金属片和小羽毛均做自由落体运动 C．玻璃筒抽出空气后，金属片和小羽毛下落一样快 D．玻璃筒抽出空气后，金属片比小羽毛下落快

二、多选题

21．如图所示，质量相等的物块A和B叠放在水平地面上，左边缘对齐。A与B、B与地面间的动摩擦因数均为μ。先水平敲击A，A立即获得水平向右的初速度vA，在B上滑动距离L后停下。接着水平敲击B，B立即获得水平向右的初速度vB，A、B都向右运动，左边缘再次对齐时恰好相对静止，相对静止前B的加速度大小为a1，相对静止后B的加速度大小为a2，此后两者一起运动至停下。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。下列说法正确的是（ ）

A．a13a2 B．vA=2gL C．vB22gL D．从左边缘再次对齐到A、B停止运动的过程中，A和B之间没有摩擦力

22．如图所示，质量为3kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面质量为2kg的物体B用细线悬挂A、B间相互接触但无压力．取g=10m/s2．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间

A．弹簧弹力大小为20N

B．B对A的压力大小为12N C．A的加速度为零 D．B的加速度大小为4m/s2

23．如图所示，重力为G的圆柱体A被平板B夹在板与墙壁之间，平板B与底座C右端的铰链相连，左端由液压器调节高度，以改变平板B与水平底座C间的夹角θ，B、C及D总重力也为G，底座C与水平地面间的动摩擦因数为μ(0.5＜μ＜1)，平板B的上表面及墙壁是光滑的。底座C与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是( )

A．C与地面间的摩擦力总等于2μG不变

B．θ角增大时，地面对C的摩擦力可能先增大后不变 C．要保持底座C静止不动，应满足tanθ≥2μ

D．若保持θ=45°不变，圆柱体重力增大ΔG，仍要保持底座C静止，则ΔG 的最大值ΔGm=

21G 124．一个物体静止在光滑的水平面上，某时刻因受到水平向右的恒力而匀加速运动起来，加速度大小为a1．经过一段时间以后，速度为v1，改为反向的另一恒力，作用二倍的时间，发现物体恰好回到出发点，此刻速度为v2，第二个恒力产生的加速度大小为a2。以下判断正确的是 A．a1：a2=4:3 C．v1：v2=2:3

B．a1：a2=4:5 D．v1：v2=2:1

25．如图所示是我国长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景．宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重与失重的考验，下列说法正确的是（ ）

A．火箭加速上升时，宇航员处于超重状态

B．火箭加速上升时的加速度逐渐减小时，宇航员失重状态 C．飞船加速下落时，宇航员处于超重状态 D．飞船落地前减速下落时，宇航员超重状态

26．小球从靠近竖直砖墙的某位置由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3、4所示．已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．由此可知小球（ ）

A．在位置“1”是小球的初始位置 B．下落过程中的加速度大小约为

d 2T29d 2T3d TC．经过位置4时瞬时速度大小约为

D．从位置1到位置4的过程中平均速度大小约为

27．如图所示，水平地面上固定有两块木板AB、BC，两块木板紧挨在一起，木板AB的长度是BC的3倍．一颗子弹以初速度v0从A端水平射入木板，并恰能从C端射出，经历的时间为t，子弹在木板中的运动可以看成是匀减速运动，则下列说法中正确的是（ ）

v0 4vB．子弹到B点的速度为0

2tC．子弹从A到B的时间为

4tD．子弹从A到B的时间为

2A．子弹到B点的速度为

28．如图，光滑斜面 AE 被分为四个相等的部分，一物体从 A 点由静止释放，它沿斜面向下 做匀加速运动。依次通过 B、C、D 点，最后到达底端 E 点，下列说法正确的是（ ）

A．物体通过每一部分时，其速度增量 vB− vA = vC − vB= vD − vC = vE − vD B．物体通过各点的瞬时速度之比为 vB ：vC ：vD ：vE = 1：2：3：2 C．物体由 A 点到各点所经历的时间之比为 tB ：tC ：tD ：tE = 1：2：3：：2

D．下滑全程的平均速度 v = vB

三、实验题

29．用如图甲所示的实验装置做探究加速度与力、质量关系的实验

（1）某同学通过实验得到如图乙所示的a-F图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角________（填“偏大”或“偏小”）．

（2）该同学在平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力________砝码和盘的总重力（填“大于”、“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足________的条件．

（3）某同学得到如图所示的纸带．已知打点计时器电源频率为50 Hz．A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点．Δs＝sDG－sAD＝________ cm．由此可算出小车的加速度a＝________ m/s2（保留两位有效数字）．

30．在学生实验“用打点计时器测速度”和“探究小车速度随时间变化的规律”中，都使用了电火花计时器，并打出纸带进行有关数据处理，已知所用交流电的频率是50Hz．

（1）关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是 ______ （可能有一个或多个正确选项）

A．实验中需用秒表记下运动的时间

B．开始释放小车时，应使小车靠近电火花计时器 C．先接通电火花计时器电源，然后放开小车

（2）有一次实验中某小组得到如图甲所示的纸带，并按照打点时间先后，依次选定了OABCDEF七个计数点（每两个计数点之间还有四个点没有画出），经过测量后计算得到相邻计数点间的距离．请根据实验数据，判断这个纸带做的是 ______ （填“加速”、“匀速”或“减速”）．电火花计时器打下相邻两点的时间间隔是 ______ s．根据纸带上可以计算得到加速度大小为 ______ （结果保留3位有效数字）．

31．某同学在“用打点计时器测速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出 A、B、C、D、E、F、G 共 7 个计数点。其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的测量点之间的时间间隔为 0.10s。（本题计算结果均保留 3 位有效数字）

（1）在实验中，使用打点计时器操作步骤应先_________再_______。（选填“释放纸带”或“接通电源”）

（2）试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下 B、C、D 三个点时小车的瞬时速度，并将各个速度值填入表格中____、___、______.

（3）将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在如图所示的直角坐标系中，并画出小车 的瞬时速度随时间变化的关系图线____。

32．某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时：

(1)实验装置如图甲、乙所示，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐,在弹簧下端挂1个钩码,静止时弹簧长度为l1,可读出其示数l1=_____cm.

(2)在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码,静止时弹簧长度分别是l2、l3、l4、l5.已知每个钩码质量是50g,挂2个钩码时,弹簧弹力F2=___N(当地重力加速度g=9.8m/s2). (3)某同学使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到在弹性限度内弹力与弹簧总长度的F-l图像，如图所示，根据图像可知___（选填选项前的字母）

A．a的原长比b的短 B．弹力与弹簧的长度成正比

C．a的劲度系数比b的大

D．测量同样的力，a的精确度比b的高

四、解答题

33．一汽车以10 m/s的速度在匀速运动，前方遇到红灯将刹车，刹车的加速度是2.5 m/s2，求：

（1）刹车2 s后的速度？ （2）刹车后6 s内的位移？ （3）刹车后第3 s内的平均速度？

34．如图所示一足够长的斜面倾角为37°，斜面BC与水平面AB圆滑连接质量m=2kg的物体静止于水平面上的M点，M点距B点之间的距离L=16m，物体与水平面和斜面间的动摩擦因素均为μ=0.5现使物体受到一水平向右的恒力F=14N作用，运动至B点时撤去该力（sin3700.6，cos3700.8，取g10m/s2）求： (1)物体在恒力作用下运动时的加速度是多大；

(2)物体到达B点时的速度大小vB；

(3)物体沿斜面向上滑行的最远距离x。

35．甲、乙两辆汽车，从同一位置沿同一直线分别做匀速直线运动．若汽车甲水平向右运动，速度大小为2m/s，而汽车乙水平向左运动，速度大小为4m/s，试在同一坐标系中定量的画出两辆汽车的位移--时间图象并解释说明．

36．某日，一辆藏毒汽车高速驶进某检查站，警方示意停止，毒贩见势不妙，高速闯卡．闯卡后，此车在平直公路上可视为做匀速直线运动，其位移可由公式X1=40t来描述．藏毒车闯卡同时，原来停在卡口边的警车立即启动追赶，警车从启动到追上毒贩的运动可看作匀加速直线运动，其位移可由公式X2=2t2来描述．

求:（1）藏毒车逃跑时的速度是多大？警车追赶藏毒车时的加速度为多大？ （2）在追赶过程中，经多长时间警车与藏毒车的距离最远，最远距离为多少？ （3）警车经过多长时间追上藏毒车，追上时已距离检查站多远？

【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题 1．B 解析：B 【解析】

【详解】

由图可知，开始时的位置在20cm处，握住尺时的位置在60cm处，所以在反应时间内下落的高度为40cm=0.40m，由运动学可得：

h解得：

12gt 2tA. 20s与分析不符，故A错误； B. 0.30s与分析相符，故B正确； C. 0.10s与分析不符，故C错误； D. 0.04s与分析不符，故D错误。

2h20.40s0.3s g102．D

解析：D 【解析】 【详解】

对甲为阶梯电梯，进行受力分析，则为：重力与支持力，两者相平衡，不受摩擦力作用；而对于图乙为斜面电梯，受到重力、垂直于斜面的支持力与沿斜面向上的静摩擦力，根据力的合成法则可知，支持力与摩擦力的合力与重力相平衡，因此它们的支持力与摩擦力不同，只有电梯对人的作用力的大小与方向均相同，都等于重力； A．摩擦力的方向相同，与结论不相符，选项A错误； B．支持力的大小相同，与结论不相符，选项B错误； C．支持力的方向相同，与结论不相符，选项C错误； D．作用力的大小与方向均相同，与结论相符，选项D正确；

3．C

解析：C 【解析】 【分析】

1平均速度为物体通过一段时间的速度，瞬时速度为某一时刻的速度；

2时刻为时间轴上的一点，时间间隔为时间轴上的一段时间； 3路程为物体运动轨迹的长度；

4当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点．

【详解】

A、运行速度最高可达到5000km/h，为某一时刻的速度，为瞬时速度，故A错误； B、用时6分13秒对应一段过程，为时间间隔，故B错误； C、”胶囊高铁”列车在真空管道中依然受到受重力作用，故C正确；

D、研究“胶囊高铁”列车从 A 城到 B 城的平均速度时，列车的大小可以忽略不计，可将它看

成质点，故D错误； 故选C． 【点睛】

本题主要考查了描述物体运动的物理量，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．

4．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

以整体为研究对象，根据牛顿第二定律有：mgmMa，解得：amg，以M

mM为研究对象，得绳子的拉力为： 有MFMamgm，显然要有F=mg，必有M1Mm，即只

m时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．故选B．

【点睛】

本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，注意整体法和隔离法的应用，难度不大，属于基础题．

5．D

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

对物体受力分析：重力、支持力及摩擦力，作出受力图如图所示。

将重力沿斜面方向及垂直斜面的方向进行分解，则根据共点力的平衡条件可得： 摩擦力

Ffmgsin30支持力

1mg 23mg 2FNmgcos30故选D。

6．C

解析：C 【解析】 【分析】 【详解】

小孩用80N的水平力推木箱，木箱不动，由二力平衡得F180N；用至少100N的水平力推木箱，木箱才能被推动，则有最大静摩擦力F2100N；由滑动摩擦力的表达式得

F3FN90N．故选C

7．D

解析：D 【解析】 【详解】

A. 观察飞机经过一个标识杆的时间时，飞机的大小不能忽略，所以不可以看成质点，故A错误；

B. 调整飞机的飞行姿态时，飞机的大小不能忽略，所以不可以看成质点，故B错误； C. 调整飞机旋转机翼时，不能看成质点，否则没有旋转了，故C错误；

D. 调整飞机离被摄物高度时，飞机的大小和形状可以忽略，能看作质点，故D正确。

8．A

解析：A 【解析】 【分析】 【详解】

“房价上涨出现减缓趋势”中“上涨”类比为速度增大，“减缓”类比为加速度减小，所以“房价上涨出现减缓趋势”可以类比为加速度减小的加速运动，即速度增大，加速度减小，A正确，BCD错误。 故选A。

9．B

解析：B 【解析】 【详解】

物体相对于地面向右运动，则滑动摩擦力的方向水平向左，大小

f=μFN=0.1×200N=20N。

A．大小是10N，方向向左，与结论不相符，选项A错误； B．大小是20N，方向向左，与结论相符，选项B正确； C．大小是20N，方向向右，与结论不相符，选项C错误； D．大小是10N，方向向右，与结论不相符，选项D错误；

10．C

解析：C 【解析】

【详解】

该质点通过a、b两点的平均速度大小为

0.2m 1m/s，若力的方向由a向b，物体做加速0.2s运动，由推论：中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可知，当0.1s时物体运动不到中间位移，所以中间位移的速度大于平均速度1m/s；

若力的方向由b向a，物体做减速运动，由推论：中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可知，当0.1s时物体运动到超过中间位移，所以中间位移的速度大于平均速度1m/s；综上知无论力的方向如何均大于1m/s。

A．若力的方向由a向b，则大于1 m/s，若力的方向由b向a，则小于1 m/s，与结论不相符，选项A错误；

B．若力的方向由a向b，则小于1 m/s；若力的方向由b向a，则大于1 m/s，与结论不相符，选项B错误；

C．无论力的方向如何，均大于1 m/s，与结论相符，选项C正确； D．无论力的方向如何，均小于1 m/s，与结论不相符，选项D错误；

11．A

解析：A 【解析】 【详解】

在前2s内的平均速度为10m/s，知1s末的速度为10m/s，在前6s内的平均速度为22m/s，知在3s末的速度为22m/s，则

v2v12210m/s26m/s2． t2A. 6m/s2，与结论相符，选项A正确； B. 4m/s2，与结论不相符，选项B错误；

aC. 3m/s2，与结论不相符，选项C错误； D. 12m/s2，与结论不相符，选项D错误.

12．A

解析：A 【解析】 【详解】

匀速运动时受力平衡，根据拉力和摩擦力相等可得：

F=f

根据滑动摩擦力的计算公式可得：

f=μFN=μmg

同一个物体的重力相等，则三种情况下的摩擦力大小相等，则F相等，故F1、F2、F3之比为1：1：1，故A正确。

13．A

解析：A 【解析】

【分析】 【详解】

A.人向前推车对车有向前的力，同时车对人向后的反作用力，故A正确，B错误； C.人与车之间的力为作用力与反做用力，大小相等，方向相反，故CD错误．

14．D

解析：D 【解析】 【详解】

地面受到10N的压力，受力物体是地面，施力物体是石块，由于压力是由施力物体石块发生形变而产生的，这个力是弹力，选项D正确，ABC错误。

15．D

解析：D 【解析】 【详解】

AB．一方对另一方有拉力作用，同时另一方也受到这一方对他的拉力，根据牛顿第三定律知，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力一定大小相等，无论是在哪个过程中都是相等的，故AB错误。

CD．大人与小孩间的拉力是两人间相互作用力，是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律知，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等，故C错误，D正确。

16．C

解析：C 【解析】 【分析】 【详解】

由图可以看出，在曝光的时间内，物体下降了大约有两层砖的厚度，即12cm(0.12m)，曝光时间为1.5×10−2s，设经过A点的速度为v，根据位移时间关系，有：

hvt代入数据解得：

12gt 2v=8.0m/s

由v22gh可得下降的高度大约为h，则：

v28.02hm3.2m

2g210A. 1.6m．故A项错误； B. 2.5m．故B项错误； C. 3.2m．故C项正确； D. 4.5m．故D项错误．

17．D

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

研究苏炳添在百米跑比赛时的起跑技术，运动员的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故A错误；研究乒乓球男子单打冠军马龙的发球动作，运动员的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故B错误；研究运动员的跳水动作，运动员的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故C错误；研究子弹轨迹，子弹的大小和形状能忽略，可以看成质点，故D正确．

18．C

解析：C 【解析】 【详解】

汽车刹车到停止所需的时间为：

t2s时的位移为：

v0205s a411x1v0tat220242232m

226s的位移就是5s的位移，此时车已停，有：

202x250m

2a242s与6s时汽车的位移之比为16：25，故选C。

2v019．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

物体在第1s内的位移

h=

12

gt=5m 2物体在最后1s内的位移为15m，由自由落体运动的位移公式可知

121gt总－g（t总－1）2=15m

22解得

t总=2s

则物体下落时距地面的高度为

H=

12gt=20m 2总

故选B。

20．C

解析：C 【解析】 【分析】 【详解】

抽出空气前.金属片和口小羽毛受到空气阻力的作用，不是自由落体运动，羽毛受到的空气阻力大，所以加速度小，则下落的慢，故AB错误.抽出空气后金属片和小羽毛都不受空气阻力作用.只受重力作用运动，都做加速度为重力加速度的自由落体运动，下落一样快.故C正确.D错误.

综上所述本题答案是：C

二、多选题 21．ABC 【解析】 【分析】 【详解】

A．设A、B的质量均为m。A、B相对静止前，A相对于B向左运动，A对B的滑动摩擦力向左，地面对B的滑动摩擦力也向左，则B所受的合外力大小： FB=μ•2mg+μ

解析：ABC 【解析】 【分析】 【详解】

A．设A、B的质量均为m。A、B相对静止前，A相对于B向左运动，A对B的滑动摩擦力向左，地面对B的滑动摩擦力也向左，则B所受的合外力大小：

FB=μ•2mg+μmg=3μmg。

对B，由牛顿第二定律：

FB=ma1

解得：

a1=3μg

相对静止后，对A、B整体，由牛顿第二定律得

2μmg=2ma2

解得：

a2=μg

则

a1=3a2

故A正确。

B．敲击A后，A获得速度后，向右做匀减速运动。对B来说，地面与B间的最大静摩擦

力为

fm=μ•2mg=2μmg．

A对B的滑动摩擦力为f=μmg，则f＜fm，故B静止不动。对A，由牛顿第二定律知：

aA由运动学公式有：

mgmg

2aAL=vA2

解得：

vA2gL

故B正确。

C．敲击B后，设经过时间t，A、B达到共同速度v，位移分别为xA，xB，A加速度的大小等于aA，则：

v=aAt v=vB-a1t xA=

1aAt2 21aBt2 2xB=vBt-且

xB-xA=L

联立解得：

vB22gL 故C正确。

D．从左边缘再次对齐到A、B停止运动的过程中，A、B一起做匀减速运动，A有向左的加速度，说明B对A有摩擦力，故D错误。 故选ABC。

22．BD 【解析】 【分析】 【详解】

A．剪断细线前，A和B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=30N，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不会突变，则弹力还是30N，A项错误． CD．剪断细线的瞬间两物体即将一

解析：BD 【解析】 【分析】 【详解】

A．剪断细线前，A和B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=30N，剪断细线的瞬间，弹簧的弹

力不会突变，则弹力还是30N，A项错误．

CD．剪断细线的瞬间两物体即将一起加速向下运动，对整体分析整体加速度

a则C项错误，D项正确． B．隔离对B分析，

(mAmB)F5030m/s24m/s2

mAmB5mBg-N=mBa

解得

N=mBg-mBa=20-2×4N=12N

故B正确。 故选BD。

23．BD 【解析】 【分析】

用整体法和隔离体法对圆柱体和整体进行受力分析，再根据力的正交分解可求得各力。 【详解】

AB．对A进行受力分析，如图所示 则

对B、C、D做为一个整体受力分析，如图所

解析：BD 【解析】 【分析】

用整体法和隔离体法对圆柱体和整体进行受力分析，再根据力的正交分解可求得各力。 【详解】

AB．对A进行受力分析，如图所示

则

N1cosG

N1sinN2

对B、C、D做为一个整体受力分析，如图所示

根据平衡条件，则地面摩擦力为

fN2

联立得

fGtan

可知，随角增大，地面对C的摩擦力增大，当摩擦力超过最大静摩擦力后，变为滑动摩擦力，此时f滑2G，保持不变，故A错误，B正确； C．最大静摩擦力

fm2G

因此，要保持底座C静止不动，应满足

ffm

整理可得

tan2

故C错误；

D．若保持θ=45°不变，圆柱体重力增大ΔG，仍要保持底座C静止，则

f（GG）tanfm（2GG）

代入数据，整理得

ΔGD正确。 故选BD。

21G 124．BC 【解析】 【详解】

整个时间内物体的位移为零，则有： 又：

解得：

所以加速度大小之比为： 4:5

根据速度公式有：

所以速度大小之比为：

故选BC。

解析：BC 【解析】 【详解】

整个时间内物体的位移为零，则有：

1212a1tv12ta22t0 22又：

v1a1t

解得：

a2所以加速度大小之比为：

5a1 4a1:a2 4:5

根据速度公式有：

v2v1a22t所以速度大小之比为：

3a1t3v1 22v1:v22:3

故选BC。

25．AD 【解析】 【分析】 【详解】

A、火箭加速上升时,加速度方向向上,宇航员处于超重状态.故A对

B、火箭上升的加速度逐渐减小时,加速度方向向上,宇航员处于超重状态，故B错；

C、飞船加速下落时

解析：AD 【解析】 【分析】 【详解】

A、火箭加速上升时,加速度方向向上,宇航员处于超重状态.故A对

B、火箭上升的加速度逐渐减小时,加速度方向向上,宇航员处于超重状态，故B错； C、飞船加速下落时,加速度方向向下,宇航员处于失重状态,故C错误 D、飞船在落地前减速,加速度方向向上,宇航员处于超重状态,故D对； 故选AD

26．CD 【解析】 【详解】

根据△x=d=aT2得，加速度a=，故B错误．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知，位置3的瞬时速度，根据速度时间公式得，位置1的速度，可知位置1不是小球的初始

解析：CD 【解析】 【详解】

d，故B错误．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的T27d瞬时速度知，位置3的瞬时速度v3，根据速度时间公式得，位置1的速度

2T7dd3dv1v3a2T22T，可知位置1不是小球的初始位置，故A错误．根据

2TT2T7dd9d2T速度时间公式得，位置4的速度v4v3aT，故C正确．从位置12TT2T9d3d到位置4的过程中平均速度大小v，故D正确．故选CD． 3TT27．BD

根据△x=d=aT2得，加速度a=

【解析】 【分析】 【详解】

AB.根据速度位移公式有：，，又xAB=3xBC，联立解得子弹到B点的速度为；故A错误，B正确.

CD.采用逆向思维，子弹做初速度为零的匀加速直线运动，则有：，，

解析：BD 【解析】

【分析】 【详解】

222AB.根据速度位移公式有：vBv02axAB，0vB2axBC，又xAB=3xBC，联立解得子弹

到B点的速度为

v0；故A错误，B正确. 2CD.采用逆向思维，子弹做初速度为零的匀加速直线运动，则有：xBC12at1，2xAC错误.

12tat，AC=4BC，可知t2t1，则通过AB的时间为：t2tt1；故D正确，C2228．BCD 【解析】 【分析】 【详解】

AB．物体做初速度为零的匀加速直线运动。由v2=2ax得，所以物体到达各点的速率之比 同时 vB-vA=vB vC-vB=（-1）vB vD-vC=（-vB

解析：BCD 【解析】 【分析】 【详解】

AB．物体做初速度为零的匀加速直线运动。由v2=2ax得v率之比

x，所以物体到达各点的速vB:vC:vD:vE1:2:3:2

同时

vB-vA=vB vC-vB=（2-1）vB vD-vC=（3-2vB vE-vD=（2-3）vB

故A错误，B正确； C．又由v=at知

tB：tC：tD：tE=vB：vC：vD：vE=1：2：3：2

故C正确；

D．因tB：tE=1：2，即tAB=tBE，vB为AE段的中间时刻的速度，故vB=v，故D正确。 故选BCD。

三、实验题

m 1.80 5.0 29．偏大 小于 M≫【解析】 【分析】 【详解】

（1）[1] 当拉力F等于0时，小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大．

（2）[2] 小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力； [3] 对整体分析，根据牛顿第二定律得

mgMma

解得

a则绳子的拉力

mg MmFMa当MMmgmgMm1m

Mm，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重

m的条件

力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足M（3）[4] 刻度尺上读出A、D、E三点的位置，算出

s6.502.60cm2.600.50cm1.80cm

[5] 计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论△x=aT2可知，加速度：

s1.810222 a2m/s5.0m/s2T0.0630．BC 加速 0.02s 2.01m/s2 【解析】 【分析】 【详解】

(1) [1]A项：打点计时器本身是计时仪器，不需要再使用表，故A错误；

B项：为了更有效利用纸带，开始释放小车时，应使小车靠近电火花计时器，故B正确； C项：为了使打点时计时器稳定工作，先接通电火花计时器电源，然后放开小车，故C正确。

(2) [2][3][4]由图知相临时间间隔位移越越大故体做加速运动；打计器使用变电流，电源频

率为50H，时间间隔0.02s，由公式

a代入数据得：a2.01m/s2。

(x6x5x4)(x3x2x1) 29T31．接通电源 释放纸带 0.400 0.479 0.560 图见解析 【解析】 【详解】

(1)[1] [2]在实验中使用打点计时器操作步骤应先接通电源，再释放纸带； (2)[3][4][5]根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知：

sABsBC(3.624.38)102vB0.400m/s

2T20.10sBCsCD(4.385.20)102vC0.479m/s

2T20.10sCDsDE(5.205.99)102vD0.560m/s

2T20.10(3) [6]速度时间图线如图所示：

32．（1）25.85（2）0.98N（3）AC 【解析】 【详解】

(1)由图可知，指针在刻度线25.8和25.9之间，估读一位，得到结果25.85cm； （2）弹簧的弹力与挂钩的重力平衡，两个挂钩的重力是2mg，所以弹簧的读数为：

（3）根据弹簧弹力的大小计算公式：

可知图像与横坐标的交点表示弹簧的原

长，所以a的原长小于b的原长，故A对；弹簧的弹力与弹簧的形变量大小成正比，而不是弹簧的长度，故B错；图像的斜率表示劲度系数，所以a的劲度系数大于b的劲度系数，故C对；测量同样的力，劲度系数小的形变量就大，所以精确度就高，即b的精确度高，故D错；故选AC

综上所述本题答案是：（1）25.85 （2）0.98N （3）AC

四、解答题

33．（1）5?m/s （2）20?m （3）3.75?m/s

【解析】

(1)由速度公式vv0at可知 则刹车2s后速度为v(102.52)m(2)汽车刹车所要时间为t，则有

s5m；

s0102.5t 解得t4s

12根据xv0tat

2解得：x20m；

(3)第3s初速度v3(102.52)5m

s第3s内位移x3(51由v12.512)m3.75m 2x3.75m3.75m．

sst134．(1)a2m/s2；(2)8m/s；(3)x3.2m 【解析】 【分析】 【详解】

(1)在水平面上，根据牛顿第二定律可知

Fmgma

解得

a2m/s2

(2)有M到B，根据速度位移公式可知

2vB2aL

解得

vB8m/s

(3)在斜面上，根据牛顿第二定律可知

mgsinmgcosma1

解得

a110m/s2

根据速度位移公式可知

20vB2a1x

解得

x3.2m

35．

若取向右为正方向，则甲的位移正向逐渐增大，且图像斜率为2m/s；同理，乙的位移负向逐渐增大，且图像斜率为4m/s。 【解析】 【分析】

本题考查位移时间图像的含义，斜率代表速度。 【详解】

若取向右为正方向，则甲的位移正向逐渐增大，且图像斜率为2m/s；同理，乙的位移负向逐渐增大，且图像斜率为4m/s。

36．（1）40m/s；4m/s2（2）10s；200m（3）20s；800m 【解析】 【详解】

（1）根据x1v1t40t知，毒贩逃跑的速度v140m/s， 根据s212at2t2得，警车的加速度a4m/s2． 2v140s10s， a4（2）当警车和毒贩车速度相等时，相距最远，有v1at，解得t则相距的最远距离xv1t121at40104100m200m． 22（3）警车追上毒贩车时，位移相等，有40t2t2，解得t20s． 此时警车离检查站的距离x2t22400m800m．