2018-2019学年甘肃省天水市第一中学高二下学期第三学段(期末)数学(文)试题(解析版)

（期末）数学（文）试题

一、单选题

1．设集合Mxlog2x10，集合Nxx2，则MN（ ） A．x2x2 B．xx2 【答案】B

【解析】求解出集合M，根据并集的定义求得结果. 【详解】

C．xx2

D．x1x2

QMxlog2x10x0x11x1x2 MNxx2

本题正确选项：B 【点睛】

本题考查集合运算中的并集运算，属于基础题. 2．设函数f(x)ex（ ） A．0x1 【答案】A

【解析】由fx1可得：0x3，结合充分、必要条件的概念得解. 【详解】

B．0x4

C．0x3

D．3x4

23x（e为自然底数），则使f(x)1成立的一个充分不必要条件是

fx1 ex23x1x23x0

解得：0x3

又“0x1”可以推出“0x3” 但“0x3”不能推出“0x1”

所以“0x1”是“fx1” 充分不必要条件. 故选：A. 【点睛】

本题主要考查了等价转化思想及充分、必要条件的概念，属于基础题。

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3．已知命题：“，”，命题：“，””若“”是真

命题，则实数的取值范围是（ ） A．

B．

C．

D．

【答案】A

【解析】通过判断命题p和q的真假，从而求得参数的取值范围. 【详解】 解：若命题：“则若命题：“则若命题“

，

，，解得”为真命题，

，

”为真命题，

，

，为真命题，

则，都是真命题， 则解得：

，

．

．

故实数的取值范围为故选A． 【点睛】

本题主要考查复合命题与简单命题之间的关系，利用条件先求出命题，的等价条件是解决本题的关键．

4．方程lnxx40的实根所在的区间为（ ） A．(1,2) 【答案】B

【解析】构造函数fxlnxx4，考查该函数的单调性，结合零点存在定理得出答案． 【详解】

构造函数fxlnxx4，则该函数在0,上单调递增，

B．(2,3)

C．(3,4)

D．(4,5)

Qf130，f2ln220，f3ln310，

由零点存在定理可知，方程lnxx40的实根所在区间为2,3，故选B. 【点睛】

本题考查零点所在区间，考查零点存在定理的应用，注意零点存在定理所适用的情形，

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必要时结合单调性来考查，这是解函数零点问题的常用方法，属于基础题．

255．已知x20.2，ylg，z2，则下列结论正确的是（ ）

55A．xyz 【答案】B

【解析】根据指数函数、对数函数的单调性分别求得x,y,z的范围，利用临界值可比较出大小关系. 【详解】

B．yzx

C．zyx

D．zxy

7x20.202522021；ylglg10；z1且z0 5557S1S2

本题正确选项：B 【点睛】

本题考查利用指数函数、对数函数的单调性比较大小的问题，关键是能够通过临界值来进行区分.

exex6．函数y3的图像大致是（ ）

xxA． B． C．

D．

【答案】A

【解析】根据奇偶性和函数的特殊点，对选项进行排除，由此得出正确选项. 【详解】

exex令fx3，则fxfx，故函数为偶函数，图像关于y轴对称，排除

xx第 3 页 共 19 页

10.5C选项.由x3x0，解得x0且x1.，排除D选ef0.500.1250.51e1010项.e1，故可排除B选项.所以本小题选A. f10100010e0.5【点睛】

本小题主要考查函数图像的识别，主要通过函数的奇偶性和函数图像上的特殊点进行排除，属于基础题.

7．已知函数f(x)满足f(1x)f(1x)0，且f(x)f(x)，当1x2时，

f(x)2x1，则f(2017)=

A．−1 C．1 【答案】C

【解析】通过函数关系找到函数周期，利用周期得到函数值. 【详解】

由f(1x)f(1x)0，得f(1x)f(1x)， 所以f(x2)-f(1-x-1)-f(-x) ．又f(x)f(x)，

所以f(x2)-f(x)f(x4)f(x) ，所以函数f(x)是以4为周期的周期函数 所以|f(2017)f(45041)f(1)211 故选C 【点睛】

本题考查了函数的周期，利用函数关系找到函数周期是解题的关键.

8．已知函数fx4xkx8在5,上单调递增，则实数k的取值范围是（ ）

2B．0 D．2

A．,40 【答案】B

B．,40 C．40, D．40, 【解析】先求得函数的对称轴，再由函数在5,上单调递增，则对称轴在区间的左侧求解． 【详解】

函数y＝4x2﹣kx﹣8的对称轴为：xk 8第 4 页 共 19 页

∵函数在5,上单调递增 ∴

k5 8∴k≤40 故选B. 【点睛】

本题主要考查二次函数的性质，涉及了二次函数的对称性和单调性，在研究二次函数单调性时，一定要明确开口方向和对称轴．

2x9．已知函数fx的导函数为fx，且满足关系式fxx3xf2e，则

f2的值等于（ ）

A．2 【答案】D

【解析】求得函数的导数，然后令x2，求得f【详解】 依题意f'e2B．2

2e2C．

2e2D．2

2'2的值.

'x2x3f'2ex，令x2得f'243f'2e2，

e2f22，故选D.

2【点睛】

本小题在导数运算，考查运算求解能力，属于基础题.

210．定义在R上的偶函数f(x)满足f(x1)f(x1)，且当x[1,0]时，f(x)x，

函数g(x)是定义在R上的奇函数，当x0时，g(x)lgx，则函数

h(x)f(x)g(x)的零点的的个数是（ ）

A．9 【答案】C

【解析】由hx0，得出fxgx，转化为函数yfx与函数ygx图象的交点个数，然后作出两个函数的图象，观察图像即可． 【详解】

由于fx1fx1，所以，函数yfx的周期为2，且函数yfx为偶函

B．10

C．11

D．12

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数，

由hx0，得出fxgx，问题转化为函数yfx与函数ygx图象的交点个数，作出函数yfx与函数ygx的图象如下图所示，

1，当x10时，gxlgx1， 由图象可知，0≤fx≤则函数yfx与函数ygx在10,上没有交点，

结合图像可知，函数yfx与函数ygx图象共有11个交点，故选C. 【点睛】

本题考查函数的零点个数，有两种做法：一是代数法，解代数方程；二是图象法，转化为两个函数的公共点个数，在画函数的图象是，要注意函数的各种性质，如周期性、奇偶性、对称性等性质的体现，属于中等题．

11．已知函数f(x)满足f(x)f(2x)，与函数y|x1|图象的交点为

(x1,y1),(x2,y2),L,(xm,ym)，则x1x2Lxm=（ ）

A．0 【答案】B

【解析】由题意知函数yfx的图象和函数yx1的图象都关于直线x1对称，可知它们的交点也关于直线x1对称，于此可得出x1x2Lxm的值。 【详解】

设x1x2Lxm，由于fxf2x，则函数yfx的图象关于直线x1对称，

且函数yx1的图象也关于直线x1对称，

所以，函数yfx与函数yx1的交点也关于直线x1对称， 所以，x1xmx2xm1L2，

令Sx1x2Lxm，则Sxmxm1Lx1，

所以，2Sx1xmx2xm1Lxmx1m22m，因此，Sm，故选：

B．m

C．4m

D．2m

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B. 【点睛】

本题考查函数的交点坐标之和，考查函数图象的应用，抓住函数图象对称性是解题的关键，同时也要注意抽象函数关系与性质之间的关系，如下所示： （1）fxfxaa0，则函数yfx的周期为a；

（2）f2axfx或faxfax，则函数yfx的对称轴为直线

xa；

（3）fxf2ax2b，则函数yfx的对称中心为a,b. 12．设定义在R上的函数fx的导函数为f'x，若fxf'x2，

f02020，则不等式exfx2ex2018（其中e为自然对数的底数）的解集为

（ ） A．0, C．2020, 【答案】A

【解析】构造函数gxefx2e，则可判断g'x0，故gx是R上的增函

xxB．2018,

D．,0U2018,

数，结合g02018即可得出答案. 【详解】

解：设gxefx2e，

xx则g'xefxef'x2eefxf'x2，

xxxx∵fxf'x2，ex0， ∴g'xefxf'x20，

x∴gx是R上的增函数， 又g0f022018， ∴gx2018的解集为0,，

即不等式efx2e2018的解集为0,.

xx故选A.

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【点睛】

本题考查导数与函数单调性的关系，构造函数gx是解题的关键.

二、填空题

2fxlogx5x6的单调减区间是______． 113．函数

2【答案】2，

【解析】根据对数函数的定义域及复合函数单调性的判断即可求得单调递减区间． 【详解】

2fxlogx5x6 1因为

252所以x25x60解得x2,3

因为fxlog1x为单调递减函数，所以由复合函数单调性判断可知应该取

2fxx25x6的单调递增区间，即x,

225fxlogx5x6的单调减区间是2，1结合定义域可得函数

22

5【点睛】

本题考查了复合函数单调区间的求法，注意对数函数的真数大于0，属于基础题． 14．曲线fxx392x3x在点1,f1处的切线斜率为_____________. 2【答案】12

【解析】求出原函数的导函数，求得x=1时的导数值得答案． 【详解】

由题意可得：f'x3x9x,

2∴f'13912 ∴曲线fxx392x3x在点1,f1处的切线斜率为12， 2故答案为12 【点睛】

本题考查利用导数研究在曲线上某点处的切线方程，函数在曲线上某点处的切线的斜率，就是函数在该点处的导数值，是基础题．

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51a2x2xx1,上的增函数，则实数a的数415．已知函数fx2是logaxx1值范围为________. 【答案】

5a3. 2【解析】根据fx在R上的单调性列不等式组，解不等式组求得a的取值范围. 【详解】

依题意可知a0且a1，所以

1a0. 21a20a12a311a5由于fx在R上递增，所以2即a1，解得a3.

225aa11a252121loga142故答案为：【点睛】

本小题主要考查根据分段函数单调性求参数的取值范围，属于中档题. 16．若函数fx【答案】5a3 212axxlnxx存在单调递增区间，则a的取值范围是___. 21, elnx，x【解析】将题意转化为：x0，使得fx0，利用参变量分离得到a转化为

lnxa，结合导数求解即可。

xmin【详解】

Qfx12axxlnxx，其中x0，则fxaxlnx。 2由于函数yfx存在单调递增区间，则x0，使得fx0， 即x0，alnxlnx，构造函数gx，则agxmin。 xxgxlnx1，令gx0，得xe。 2x第 9 页 共 19 页

当0xe时，gx0；当xe时，gx0。

所以，函数ygx在xe处取得极小值，亦即最小值，则gxminge所以，a【点睛】

本题考查函数的单调性与导数，一般来讲，函数的单调性可以有如下的转化： （1）函数yfx在区间D上单调递增xD，fx0； （2）函数yfx在区间D上单调递减xD，fx0； （3）函数yfx在区间D上存在单调递增区间xD，fx0； （4）函数yfx在区间D上存在单调递减区间xD，fx0； （5）函数yfx在区间D上不单调函数yfx在区间D内存在极值点。

三、解答题

17．在正项等比数列{an}中，a11且2a3,a5,3a4成等差数列. （1）求数列的通项公式； （2）若数列{bn}满足bn1 ，e11，故答案为：,。 een，求数列{bn}的前n项和Sn． ann-1【答案】(1) an=2 (2) Sn4n2 n12【解析】(1)根据已知条件a11且2a3,a5,3a4可解得公比,再代入通项公式即可得到; (2)利用错位相减法可求得Sn. 【详解】

设正项等比数列{an}的公比为q(q0),

2a52a33a42a1q42a1q23a1q3∴,所以2q23q20 （1）∵a11a11∴q＝2，q1(舍去) 2n1n1所以ana1q2；

（2）∵bnnnn1， an2第 10 页 共 19 页

∴Sn123nL，① 2021222n1112n1nSn12Ln1n，② 222221n11111n221n①﹣②得Sn12Ln1n＝

122222212n2∴Sn4n1.

21【点睛】

n2n2， nn22本题考查了等比数列的通项公式的求法,考查了等差中项,考查了利用错位相减法求和,本题属于基础题.

18．如图所示，在梯形ABCD中，AD∥BC，AB⊥BC，ABBC1， PA⊥平面ABCD，CD⊥PC．

（1）证明：CD⊥平面PAC；

（2）若PAAD，求点B到平面PAC的距离． 【答案】（1）见解析（2）

2 2【解析】（1）通过CD⊥PA，CD⊥PC来证明；（2）根据等体积法VPABCVBPAC求解. 【详解】

（1）证明：∵PA⊥平面ABCD，CD平面ABCD，

∴PA⊥CD.

又PC⊥CD， PAIPCP，PA平面PAC，PC平面PAC， ∴CD⊥平面PAC.

（2）由已知得BACCAD45，所以AC2

且由（1）可知CDAC，由勾股定理得ADPA2 ∵PA平面ABCD ∴VPABC1111SABCPA=2， 3323第 11 页 共 19 页

且SPAC11PAAC222 2212hSPACh， 33∴VBPAC由VPABCVBPAC， 得

221 h ∴h3322 2即点B到平面PAC的距离为【点睛】

本题考查线面垂直与点到平面的距离. 线面垂直的证明要转化为线线垂直；点到平面的距离常规方法是作出垂线段求解，此题根据等体积法能简化计算.

19．为更好地落实农民工工资保证金制度，南方某市劳动保障部门调查了2018年下半年该市100名农民工（其中技术工、非技术工各50名）的月工资，得到这100名农民工月工资的中位数为39百元（假设这100名农民工的月工资均在25,55（百元）内）且月工资收入在45,50（百元）内的人数为15，并根据调查结果画出如图所示的频率分布直方图：

（Ⅰ）求m，n的值；

（Ⅱ）已知这100名农民工中月工资高于平均数的技术工有31名，非技术工有19名，则能否在犯错误的概率不超过0.001的前提下认为是不是技术工与月工资是否高于平均数有关系？

nadbc参考公式及数据：K，其中nabcd．

abcdacbd22PK2k0 0.05 0.01 0.005 0.001 第 12 页 共 19 页

k0

3.841 6.635 7.879 10.828 【答案】（Ⅰ）m0.02，n0.025；（Ⅱ）不能在犯错误的概率不超过0.001的前提下，认为是不是技术工与月工资是否高于平均数有关

【解析】（Ⅰ）根据频数计算出月工资收入在45,50（百元）内的频率，利用频率总和为1和频率分布直方图估计中位数的方法可构造出关于m,n的方程组，解方程组求得结果；（Ⅱ）根据题意得到列联表，从而计算出K25.7610.828，从而得到结论. 【详解】

（Ⅰ）Q月工资收入在45,50（百元）内的人数为15

月工资收入在45,50（百元）内的频率为：

150.15； 100由频率分布直方图得：0.022m4n0.0150.151 化简得：m2n0.07……①

由中位数可得：0.0252m52n39350.5 化简得：5m4n0.2……② 由①②解得：m0.02，n0.025 （Ⅱ）根据题意得到列联表： 月工资不高于平均数 月工资高于平均数 总计

技术工 非技术工 31 总计 19 31 50 50 19 50 50 100 K2100191931315050505025.7610.828

不能在犯错误的概率不超过0.001的前提下，认为是不是技术工与月工资是否高于平

均数有关 【点睛】

本题考查频率分布直方图中的频率和中位数的计算、性检验解决实际问题，考查基

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础运算能力，属于常规题型.

x2y2320．已知椭圆C：221(ab0)的离心率为，焦距为23．

ab2（1）求C的方程； （2）若斜率为1的直线l与椭圆C交于P，Q两点（点P，Q均在第一象限），O为2坐标原点，证明：直线OP，PQ，OQ的斜率依次成等比数列．

x2【答案】(1) y21.(2)见解析.

4c3【解析】（1）根据题中条件，得到a2，再由b2a2c2，求解，即可得出结

2c23果；

（2）先设直线l的方程为y1xm，Px1,y1，Qx2,y2,联立直线与椭圆方程，2y1y22，只需和kPQ相等，即可证明结论成x1x2结合判别式、韦达定理等，表示出kOPkOQ立. 【详解】

c3a22 ，解得{（1）由题意可得a，

c32c23又b2a2c21，

x2所以椭圆方程为y21.

4（2）证明：设直线l的方程为y1xm，Px1,y1，Qx2,y2, 21yxm222由2，消去y，得x2mx2m10 xy214则4m8m142m2220，且xx122m0，x1x22m210

1m211112 故y1y2x1mx2mx1x2mx1x2m22422第 14 页 共 19 页

kOPkOQ11x1x2mx1x2m2yy12124k2PQ x1x2x1x24即直线OP，PQ，OQ的斜率依次成等比数列. 【点睛】

本题主要考查求椭圆的标准方程，以及椭圆的应用，熟记椭圆的标准方程以及椭圆的简单性质即可，属于常考题型. 21．设函数f(x)xaln(1x)，g(x)ln(1x)bx． 1x（1）若函数f（x）在x0处有极值，求函数f（x）的最大值；

（2）是否存在实数b，使得关于x的不等式g(x)0在(0,)上恒成立？若存在，求出b的取值范围；若不存在，说明理由；

【答案】（1）函数f（x）的最大值为0（2）存在b[1,)，详见解析 【解析】（1）函数f（x）在x0处有极值说明f（2）对gx求导，并判断其单调性。 【详解】

解：（1）由已知得：f(x)'00

1a，且函数f（x）在x0处有极值

(1x)21x∴f(0)∴a1 ∴f(x)1a0，

(10)210xln(1x)， 1x11x

(1x)21x(1x)2∴f(x)当x(1,0)时，f(x)0，f（x）单调递增； 当x(0,)时，f(x)0，f（x）单调递减； ∴函数f（x）的最大值为f(0)0．

（2）由已知得：g(x)1b 1x第 15 页 共 19 页

①若b…1，则x[0,)时，

g(x)1b„0 1x∴g(x)ln(1x)bx在[0,)上为减函数， ∴g(x)ln(1x)bxg(0)0在(0,)上恒成立； ②若b0，则x[0,)时，

g(x)1b0 1x∴g(x)ln(1x)bx在[0，+∞）上为增函数， ∴g(x)ln(1x)bxg(0)0， 不能使g(x)0在(0,)上恒成立；

③若0b1，则lg(x)1b0时， 1xx11， b1x0,1时，g(x)…0， 当b∴g(x)ln(1x)bx在0,11上为增函数， b此时g(x)ln(1x)bxg(0)0， ∴不能使g(x)0在(0,)上恒成立； 综上所述，b的取值范围是b[1,)． 【点睛】

本题主要考查了函数的极值，以及函数单调性的讨论，在解决此类问题时关键求导，根据导数判断单调性以及极值。属于难题。

22．在平面直角坐标系xOy中，以坐标原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C的方程为2cos4sin4，过点P2,1的直线l的参数方程为

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x2y12t2（t为参数）. 2t2（Ⅰ）求直线l的普通方程与曲线C的直角坐标方程；

（Ⅱ）若直线l与曲线C交于A、B两点，求AB的值，并求定点P到A，B两点的距离之积.

【答案】（Ⅰ）直线l的普通方程xy10，曲线C的直角坐标方程为

8x24y240；（Ⅱ）.

5【解析】（Ⅰ）由cosx,siny可得曲线C的直角坐标方程为

x24y240；用消参法消去参数t，得直线l的普通方程xy10.

（Ⅱ）将直线l的参数方程代入曲线C的直角坐标方程中，由直线的参数方程中的参数几何意义求解. 【详解】

x2（Ⅰ）由y1由222t2（t为参数），消去参数t，得直线l的普通方程xy10. 2t222cos4sin4，得曲线C的直角坐标方程为x2t2（t为参数）， 2t24y240.

x2（Ⅱ）将直线l的参数方程为y122代入x4y40，得5t2122t80. 则t1t28122，t1t2.

552122882 2∴ABt1t2t1t24t1t2，4555PAPBt1t28. 5第 17 页 共 19 页

8所以，AB的值为25，定点P到A，B两点的距离之积为

8. 5【点睛】

本题考查了简单曲线的极坐标方程，参数方程转化为普通方程，直线的参数方程. 23．已知函数fxxa2a，gxx1. （Ⅰ）当a1时，解不等式fxgx≤3；

（Ⅱ）当xR时，fxgx4恒成立，求实数a的取值范围. 【答案】（Ⅰ）1,；（Ⅱ）1,. 2【解析】（Ⅰ）把要解的不等式等价转化为与之等价的三个不等式组，求出每个不等式组的解集，再取并集，即得所求.

（Ⅱ）利用绝对值三角不等式求得fxgx的最小值为a12a，

fxgx4等价于a12a4，分类讨论，求得a的取值范围.

【详解】

（Ⅰ）当a1时，不等式fxgx≤3，等价于x1x11； 当x1时，不等式化为x1x11，即21，解集为； 当1x1时，不等式化为x1x11，解得当x1时，不等式化为x1x11， 即21，解得x1；

1x1； 21综上，不等式的解集为,.

2（Ⅱ）当xR时，

fxgxxa2ax1xax12aa12a， fxgx4等价于a12a4，

若a1，则a12a4，∴a； 若a1，则a12a4，∴a1. 综上，实数a的取值范围为1,. 【点睛】

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本题考查了绝对值不等式的解法，函数恒成立问题，体现了转化、分类讨论的数学思想.

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